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18 Unidad 8 | Problemas métricos

8 Problemas métricos

ACTIVIDADES INICIALES

8.I. ¿Qué forma geométrica tiene un contenedor? Calcula la superficie de la base, el área total y el volumen de un contenedor con los datos de la tabla anterior.

Los contenedores tienen forma de paralelepípedo o prisma rectangular u ortoedro.

La base es un rectángulo de área 5,9 · 2,35 = 13,865 m2.

El área total del contenedor es A = 2 · (13,865 + 5,9 · 2,4 + 2,35 · 2,4) = 67,33 m2 y su volumen es

V = 5,9 · 2,35 · 2,4 = 33,276 m3.

8.II. Realiza un diseño de vivienda utilizando cinco contenedores.

Actividad libre.

8.III. Según la Organización de las Naciones Unidas (ONU), en el mundo alrededor de 1000 millones de personas viven en viviendas que no reúnen las condiciones necesarias para garantizar su salud y bienestar. ¿Creéis que los contenedores vivienda serían una buena solución para estas personas o deberían adoptarse otras medidas para mejorar su situación?

Respuesta abierta.

ACTIVIDADES PROPUESTAS

8.1. Actividad resuelta.

8.2. En la siguiente figura, indica:

a) Dos lados paralelos.

b) Dos lados secantes.

c) Dos lados contenidos en rectas que se cruzan.

d) Dos caras paralelas.

e) Dos caras que se cortan y su lado común.

a) AD y BC

b) AD y DC se cortan en D.

c) AD y CF

d) AEB y DFC

f) ABCD y DFC se cortan en DC.

Problemas métricos | Unidad 8 19

8.3. Nombra los siguientes cuerpos geométricos y describe sus características más importantes.

a) b) c) d)

a) Prisma triangular recto

b) Tronco de pirámide cuadrangular

c) Tronco de cono

d) Prisma triangular recto





8.8. (TIC) Calcula el área de un triángulo isósceles de lados 4, 5 y 5 cm.

2 25 2 21 cmh = − =

24· 21 2 21 9,17 cm2

A = = ≈

8.9. (TIC) Halla el perímetro y el área de un trapecio rectángulo de bases 10 y 5 cm y altura 4 cm.

2 24 (10 5) 41 cmx = + − =

Perímetro: P = 5 + 4 + 10 + x; 5 4 10 41 19 41 25,4 cmP = + + + = + ≈

Área: 210 5· ·4 30 cm2 2

B bA h+ += = =


8.10. (TIC) Calcula el área limitada por un hexágono regular de 5 cm de lado y la circunferencia inscrita en él.

En un hexágono regular coinciden el lado y el radio.

2 25 2,5 18,75 cmpa = − =

Área del hexágono: 2· 30· 18,75 64,95 cm2 2

pH

p aA = = ≈

Área del círculo: ( )22 2· · 18,75 18,75 58,9 cmCA r= π = π = π ≈

Área sombreada: 6,05 cmH CA A A= − =

8.11. (TIC) Calcula el área de la corona circular determinada por las circunferencias inscrita y circunscrita a un cuadrado de 25 cm de lado.

Los radios de las circunferencias que determinan la corona son:

r = 12,5 cm

R = 2 212,5 12,5 312,5+ = cm

Área de la corona circular: ( ) ( )2 2· · 312,5 156,25 156,25 490,87A R r= π − = π − = π ≈ cm2

8.12. (TIC) Compara el área A con la suma de las áreas de B y C.

a) b)

La hipotenusa del triángulo rectángulo mide 2 230 40 50 cmx = + = .

a) 2

2·25 625 cm2 2

A π π= =

22·20 200 cm

2B π= = π

22·15 225 cm

2 2C π π= =

Por tanto, 225 6254002 2

B C Aπ π+ = π + = =

b) 2

50 350·2 625 3 cm

2A = = 2

40 340·2 400 3 cm

2B = = 2

30 330·2 225 3 cm

2C = =

Por tanto, 400 3 225 3 625 3B C A+ = + = =






8.17. La pirámide egipcia de Guiza es regular de base cuadrada. El lado de la base mide 230 m, y la altura, 146 m. Calcula su área.

La altura de cada cara lateral mide 2 2146 115 34541 185,85+ = ≈ m.

El área lateral de la pirámide es 230·185,854· 854912LA = = m2.

El área total de la pirámide es 2230 85491 138391T B LA A A= + = + = m2.

8.18. Calcula el área de los siguientes cuerpos geométricos.

a) b)

a) Se trata de un prisma recto de bases dos triángulos rectángulos de catetos 20 y 21 cm.

La hipotenusa vale: 2 221 20 841 29x = + = = cm.

El área lateral es: ( )· 21 20 29 ·35 2450LA p h= = + + = cm2.

El área de la base es: 20·21 2102BA = = cm2.

El área total es: 2 2870T B LA A A= + = cm2.

b) El área lateral es: · 6·6·15 540LA p h= = = cm2.

El área de la base es: 36·5,2 93,62BA = = cm2.

El área total es: 2 727,2T B LA A A= + = cm2.

8.19. Calcula el área total de un ortoedro en el que la base mide 12 cm2, y una de sus dimensiones es el triple de la otra. Además, su altura es el doble de la medida menor de la base.

Sean x, 3x y 2x las dimensiones del ortoedro.

12 = x · 3x = 3x2 ⇒ x = 2 cm, por tanto, las dimensiones son 2, 6 y 4 cm.

De este modo, TA = 2 · (2 · 6 + 2 · 4 + 6 · 4) = 88 cm2


8.20. En un rectángulo, la base es el doble de la altura y su perímetro es de 12 cm. Al unir las alturas del rectángulo construimos un cilindro. ¿Qué superficie tiene?

Sean x y 2x las dimensiones del rectángulo.

2x + 4x = 12 ⇒ x= 2 cm

Por tanto, se forma un cilindro de altura h = 2 cm y radio de la base: 22 4 0,64r rπ = ⇒ = ≈π

cm.

El área de este cilindro es 2 22 2 ·0,64 2·4 10,57LA r A= π + = π + ≈ cm2.

8.21. Un triángulo rectángulo de hipotenusa 5 cm y un cateto de 3 cm gira alrededor del otro cateto generando un cono. Calcula el área de este cono.

El radio del cono mide r = 3 cm y la generatriz g = 5 cm.

Por tanto, su área es A = πr2 + πrg = 9π + 15π = 24π cm2.

8.22. Actividad interactiva.




8.26. *alcula el volumen de un cono de altura 4,5 dm y de generatriz 5,3 dm.

El radio de la base del cono es 2 25,3 4,5 2,8r = − = dm.

Por tanto, 2

11,76 36,953r hV π

= = π ≈ dm3

8.27. El embudo de la figura está formado por un tronco de cono y un cilindro de 10 cm de altura cada uno.

En el tronco de cono el radio de la tapa superior mide 6 cm y 2 cm el de la tapa inferior.

Calcula el volumen total del embudo.

El volumen del tronco de cono será la diferencia entre el volumen del cono completo y el del cono sobrante:

Observemos la figura. Aplicando la semejanza de triángulos:

102 6x x += ⇒ 6x = 2x + 20 ⇒ 4x = 20 ⇒ x = 5 cm

El volumen del tronco de cono es, por tanto:

V1 = 2 26 15 2 53 3

π ⋅ ⋅ π ⋅ ⋅− = 520

3π ≈ 544,54 cm3

El volumen del cilindro es V2 = π · 22 · 10 = 40π ≈ 125,66 cm3.

El volumen de la figura es, por tanto, V = V1 + V2 = 670,2 cm3.


8.28. Calcula los siguientes volúmenes.

a) b)

a) El área de le base es: · 50·6,9 172,52 2

pB

p aA = = = cm2.

El volumen de la pirámide es: · 172,5·15 862,53 3BA h

V = = = cm3.

b) Se trata de dos semiesferas iguales, de radio 6 cm. Por tanto, el volumen coincidirá con el de una esfera de radio 6 cm.

3 34 4 · ·6 288 904,783 3

V r= π = π = π ≈ cm3.

8.29. Actividad interactiva.







8.36. Dos de los lados de un paralelogramo miden 45 y 65 cm y forman un ángulo de 75º. Calcula su perímetro y su área.

Perímetro: P = 2 · 45 + 2 · 65 = 220 cm

Dividiendo el paralelogramo en dos triángulos mediante una diagonal, tenemos que su área es:

12· ·45·65·sen75º 2825,332

A = ≈ cm2


8.37. Calcula la medida del ángulo α.

( )

5tg 29º 3' 17''9 21º 39'' 21''11tg 50º 42' 38''

9

β = ⇒ β = ⇒ α =

α + β = ⇒ α + β =

8.38. (TIC) Calcula el área de un sector circular de 4 cm de radio y cuyo arco mide 8 cm.

· · ·4· 360º8180º 180º

rπ α π α= = ⇒ α =

π ⇒

2

2·4 ·360º

16360º 360º

rA

ππ α π= = = cm2

8.39. Halla la medida de todos los lados de este trapecio rectangular.

sen25º 12·sen25º 5,0712AD AD= ⇒ = = cm

cos25º 12·cos25º 10,8812AB AB= ⇒ = = cm

2 25,07 15 10,88 15,4BC = + − = cm




8.43. Calcula el volumen de un ortoedro si sus dimensiones están en la proporción 2 : 3 : 5, siendo su superficie total de 248 cm2.

Las dimensiones del ortoedro son 2x, 3x, y 5x.

Por tanto 248 = 2 · (2x · 3x + 2x · 5x + 3x · 5x) = 62x2 ⇒ x = 2 cm, es decir, las dimensiones del ortoedro son 4, 6 y 10 cm, y así, su volumen es V = 4 · 6 · 10 = 240 cm3.

8.44. Calcula el radio de una esfera sabiendo que si crece en 1 metro, su área crece en 44π m2.

Si R es el radio de la esfera,

4π(R + 1)2 = 4πR2 + 44π ⇒ 4πR2 + 8πR + 4π = 4πR2 + 44π ⇒ 8R + 4 = 44 ⇒ R = 5 m.


8.45. Calcula el ángulo que forma la diagonal D con la cara base en el ortoedro de la figura.

La diagonal de la cara inferior mide 2 28 3 73 8,54+ = ≈ , así, 4tg 0,47 25,17º8,54

α = = ⇒ α = .

8.46. Calcula el volumen del cuerpo geométrico que se obtiene al girar un cuadrado de 5 cm de lado alrededor de su diagonal.

Al girar un cuadrado alrededor de una de sus diagonales, se obtienen dos conos de radio de la base y alturas iguales a la mitad de la diagonal.

Esta diagonal mide 2 25 5 50D = + = , con lo que el volumen de cada cono es

2

2

50 502 2 25 50

3 3 12r hV

π π π = = = cm3.

Por tanto, el volumen del cuerpo geométrico es 25 50 92,566

π≈ cm3.

EJERCICIOS

Perímetros y áreas de figuras planas

8.47. (TIC) Calcula el perímetro de un cuadrado de 576 cm2 de superficie.

Lado del cuadrado: 576 24l = = cm Perímetro: P = 4 · 24 = 96 cm

8.48. (TIC) Calcula el perímetro y el área de estas figuras.

a) Un triángulo rectángulo cuya hipotenusa mide 38 cm y uno de sus catetos, 16.

b) Un cuadrado cuya diagonal mide 50 cm.

c) Un rombo de diagonales 16 y 12 cm.

a) El otro cateto mide 2 238 16 34,47c = − ≈ cm.

Perímetro: P = 38 + 16 + 34,47 = 88,47 cm Área: 16·34,47 275,762

= cm2

b) El lado del cuadrado mide 2

2 2 5050 2 35,362

l l= ⇒ = ≈ cm.

Perímetro: P = 4 · 35,36 = 141,44 cm Área: 2

250 12502

A = =

cm2

c) El lado del rombo mide 2 28 6 10l = + = cm.

Perímetro: P = 4 · 10 = 40 cm. Área: 16·12 962

A = = cm2


8.49. Calcula los lados de este triángulo isósceles sabiendo que su área es de 30 dm2.

La base mide: ·1030 62

b b= ⇒ = dm.

Por tanto, cada uno de los lados iguales mide 2 23 10 10,44c = + = dm.

8.50. (TIC) Halla el área del triángulo rectángulo cuya hipotenusa mide 13 cm, y uno de sus catetos, 5.

El otro cateto mide 2 213 5 12c = − = cm, por tanto, el área es 5·12 302

A = = cm2.

8.51. La diagonal de un rectángulo mide 39,36 dm, y su base, 18. Halla su perímetro y su área.

El otro lado del rectángulo mide 2 239,36 18 35a = − ≈ dm.

Perímetro: P = 2 · (18 + 35) = 106 dm

Área: A = 18 · 35 = 630 dm2

8.52. (TIC) El lado de un hexágono regular mide 20 cm. Calcula la medida de la apotema y el área.

Apotema: 2 220 10 17,32pa = − ≈ cm

Área: 120·17,32 1039,22

A = = cm2

8.53. Halla la altura del trapecio de la figura sabiendo que su área es de 190 cm2.

(22 16)· 190·2190 102 38

h h+= ⇒ = = cm

8.54. (TIC) Calcula el área de las siguientes figuras.

a) Un sector circular de 8 cm de radio y un ángulo de 36º.

b) La corona circular comprendida entre dos circunferencias de 19 y 34 cm de diámetro cada una de ellas.

a) 2·8 ·36º 20,11

360ºA π= = cm2

b) ( )2 2· 17 9,5 624,39A = π − = cm2


8.55. Calcula el perímetro y el área de las figuras.

a) b)

a) La base del triángulo isósceles mide 72· 5,1tg70º

= cm.

Cada uno de los lados iguales mide 7 7,45sen70º

= cm.

Perímetro: P = 5,1 + 7,45 + 7,45 = 20 cm

Área: 5,1·7 17,852

A = = cm2

b) Observemos que si x es el otro lado del paralelogramo, 8 8sen65º 8,83sen65º

xx

= ⇒ = = dm.

Perímetro: P = 2 · (6 + 8,83) = 29,66 dm

Área: A = 6 · 8 = 48 dm2

8.56. Calcula la longitud de las circunferencias inscrita y circunscrita a un cuadrado de 8 cm de lado.

El radio de la circunferencia inscrita es la mitad del lado del cuadrado, por tanto, su longitud será 2 2· ·4 8 25,13L r= π = π = π ≈ cm.

El radio de la circunferencia circunscrita es la mitad de la diagonal del cuadrado, es decir, 4 2 , por tanto, su longitud será 2 2· ·4 2 8 2 35,54L r= π = π = π ≈ cm.

8.57. El área de un sector circular dibujado en un círculo de 9 dm de diámetro es de 8,84 dm2. Calcula el número de grados que abarca.

2

2

·4,5 · 8,84·360º8,84 50,02º360º 4,5 ·

π α= ⇒ α = =

π

8.58. (TIC) Con centro en el de una circunferencia de 106,81 cm de longitud, se ha trazado otra cuyo radio es 4 cm menor que el de aquella.

Calcula el área de la corona circular que determinan.

Radio de la circunferencia mayor: 106,81106,81 2 172

R R= π ⇒ = =π

cm

Radio de la circunferencia menor: r = 17 – 4 = 13 cm

Área: ( )2 2· 17 13 120 376,99A = π − = π = cm2


8.59. Calcula el área de la parte coloreada de las figuras compuestas presentadas a continuación.

a) b)

a) 2 8·4·4 16 16 34,272

A = π − = π − = cm2

b) Son tres triángulos equiláteros de 7,5 cm de lado.

Por tanto su altura es 2 27,5 3,75 6,5h = − = cm, y el área es 7,5·6,53· 73,132

A = = cm2.

8.60. Halla el perímetro y el área de la siguiente figura. Dibuja un polígono que tenga la misma área. ¿Tiene también el mismo perímetro?

La parte inferior de la figura está formada por 4 semicircunferencias de radio 2 cm.

Perímetro: 6 16 6 2·2 ·2 28 8 53,13P = + + + π = + π = cm

Área: 2 26·16 ·2 ·2 96A = + π − π = cm2

Un polígono de igual área es, por ejemplo, el rectángulo de lados 16 y 6 cm, cuyo perímetro es 44 cm, es decir, no coincide con el de la figura.

8.61. Calcula el perímetro y el área de esta figura.

Para hallar el perímetro es necesario calcular la medida de los lados iguales del triángulo:

2 21,71 1 1,98l = + = cm

Perímetro: P = 2 · 1,98 + 5 + 18 + 7 + 2 + 5 + 18 + 7 = 65,96 cm

Área: 2·1,71 2·7 18·2 2·5 61,712

A = + + + = cm2


8.62. Calcula el perímetro y el área de la figura siguiente.

(La figura está formada por dos trapecios isósceles y un triángulo equilátero).

Altura del trapecio superior: 2

2 6 35 4,772

h − = − =

cm

Lados iguales del trapecio inferior: 2

2 7 318 18,112

l − = + =

cm

Altura del triángulo equilátero: 2 27 3,5 6,06h = − = cm

Perímetro de la figura: P = 6 + 2 · 5 + 2 · 18,11 + 2 · 7 = 66,22 cm

Área de la figura: ( ) ( )6 3 ·4,77 7 3 ·18 7·6,06 132,682 2 2

A+ +

= + + = cm2

8.63. Calcula el área de la parte coloreada de la figura representada.

El área de la figura es: sector circular triánguloA A A= −

El triángulo es, en principio, isósceles, ya que tiene dos lados iguales al radio de la circunferencia. Por

tanto, sus dos ángulos iguales miden 180º 60º 60º2−

= , es decir, se trata de un triángulo equilátero.

Su altura mide, por tanto, 2 25 2,5 4,33h = − = cm, y el área de la figura es:

2

sector circular triángulo·5 ·60º 5·4,33 13,09 10,83 2,26360º 2

A A A π= − = − = − = cm2.

8.64. Calcula el área del siguiente croquis de un parque natural. ¿Cuál es el área real si la escala es de 1:3000?

Se puede dividir la figura en un triángulo isósceles y en un trapecio.

Así, el área del triángulo es: 6 6 sen118º 31,792

A ⋅ ⋅= =

cm2.

Para calcular el área del trapecio se halla primero el valor de la base mayor, x:

sen 118º 2sen59º 12 sen59º 10,292 6

x

x= = ⇒ = ⋅ = cm

Así, el área del trapecio es: ( )10,29 4 964,31

2A

+ ⋅= =

cm2.

El área total es: 31,79 64,31 96,1A = + = cm2.

El área real es: 96,1 · 30002 = 864 900 000 cm2 = 86 490 m2 = 8,6 hm2.


8.65. Calcula el área y el perímetro de las siguientes figuras planas.

a) b)

a) La altura del triángulo es 2 220 10 17,32h = − = cm.

Perímetro: 2 ·103· 94,252

P π= = cm

Área: 220·17,32 ·103· 173,2 471,24 644,44

2 2A π= + = + = cm2

b) La base de los paralelogramos mide 4 cm, su altura es la de un triángulo isósceles de base 8 cm y lados iguales de 6 cm, es decir, 2 26 4 4,47h = − = cm.

Perímetro: P = 8 + 4 · 6 + 2 · 4 = 40 cm

Área: A = 2 · 4 · 4,47 = 35,76 cm2

Áreas y volúmenes de cuerpos geométricos

8.66. Calcula el área total y el volumen de las figuras indicadas a continuación.

a) Un prisma pentagonal regular de 30 cm de perímetro en su base, 11 de altura y 4,13 de apotema.

b) Un cono de 17 dm de diámetro en su base y 25 de altura.

a) Área: 30·4,132· 2· 30·11 453,92B LA A A= + = + = cm2

Volumen: 30·4,13· ·11 681,452BV A h= = = cm3

b) La generatriz del cono mide 2 225 8,5 26,41g = + = dm.

Área: 2·8,5 ·8,5·26,41 932,22A = π + π = dm2

Volumen: 2·8,5 ·25 1891,5

3V π= = dm3

8.67. Halla el área total y el volumen de las siguientes figuras.

a) Un cilindro de 19 cm de diámetro y 10 de altura.

b) Un ortoedro de 20 dm de largo, 8 de ancho y 9 de alto.

c) Una esfera de 32 cm de diámetro.

a) Área: 22· ·9,5 2· ·9,5·10 1163,96A = π + π = cm2; Volumen: 2·9,5 ·10 2835,29V = π = cm3

b) Área: A = 2 · (20 · 8 + 20 · 9 + 8 · 9) = 824 dm2; Volumen: V = 20 · 8 · 9 = 1440 dm3

c) Área: 24· ·16 3216,99A = π = cm2; Volumen: 34 · ·16 17157,283

V = π = cm3


8.68. Halla el área lateral de estos cuerpos geométricos.

a) b)

a) ·10·24 753,96LA = π = cm2 b) AL = 4 · 7 · 12 = 336 dm2

8.69. Halla el volumen de la figura geométrica representada a continuación.

La figura está formada por una semiesfera de radio 10 cm y un cono con una base de radio 10 cm y altura 2 220 10 17,32h = − = cm.

Por tanto, su volumen es: 2 3·10 ·17,32 4· ·10 3908,143 6

V π π= + = cm3.

8.70. Calcula el volumen de las siguientes figuras geométricas.

a) b)

a) Apotema de la base: 2 210 5 8,66pa = − = cm

Área de la base: 60·8,66 259,82BA = = cm2

Altura de la pirámide: 2 225 10 22,91h = − = cm

Volumen: ·1984,01

3BA h

V = = cm3

b) Cómo solo se da una medida de la base, se debe presuponer que se trata de un triángulo equilátero.

Altura del triángulo de la base: 2 28 4 6,93h = − = cm

Área de la base: 8·6,93 27,722BA = = cm2

Volumen: · 388,08BV A h= = cm3

8.71. ¿Qué cantidad de chapa se necesita para hacer una esfera hueca de 5 m de diámetro?

¿Cuánta agua cabe en su interior?

Se necesitan 24· ·2,5 78,54A = π = m2 de chapa.

Caben 34· ·2,5 65,45

3V π= = m3 = 65 450 litros de agua.


8.72. El área de un cubo es de 864 cm2. Calcula su volumen.

Lado del cubo: 864 = 6 · l2 ⇒ l = 144 = 12 cm

Volumen: V = l3 = 123 = 1728 cm3

8.73. Halla la altura y el área total de un cilindro de 461,81 cm3 de volumen si el radio de la base mide 35 mm.

Altura del cilindro: 22

461,81461,81 ·3,5 · 123,5 ·

h h= π ⇒ = =π

cm

Área: 22· ·3,5 2· ·3,5·12 340,86A = π + π = cm2

8.74. Considera un prisma y una pirámide que tienen la misma base y altura.

¿Cuántas pirámides se necesitan para obtener el mismo volumen del prisma?

Se necesitan tres pirámides.

8.75. En el interior de este cubo se ha colocado una esfera tangente a sus caras. Calcula el volumen que queda entre ambas figuras.

3 3422 · ·11 5072,723

V = − π = cm3.

8.76. Calcula el volumen de los siguientes objetos.

a) b)

a) 20·16·1220·16·18 70403

V = + = cm3

b) 3 212 ·6 ·12 3085,17V = + π = dm3

8.77. Halla el área total de las figuras del ejercicio anterior.

a) Altura de las caras laterales de la pirámide cuyas bases son 16 cm: 2 21 12 10 15,62h = + = cm.

Altura de las caras laterales de la pirámide cuyas bases son 20 cm: 2 22 12 8 14,42h = + = cm.

Área: 16·15,62 10·14,4220·16 2·20·18 2·16·18 2· 2· 2154,322 2

A = + + + + = cm2

b) Área del cubo sin la cara superior: A1 = 5 · 122 = 720 dm2

Área del cilindro sin la cara inferior: 22 ·6 2· ·6·12 565,49A = π + π = dm2

Área de la cara superior del cubo quitando la base del cilindro: 2 23 12 ·6 30,9A = − π = dm2.

Área de la figura: 1 2 3 1316,39A A A A= + + = dm2


8.78. Calcula el volumen comprendido entre una esfera de 8 cm de radio y un cilindro situado dentro de ella y con 3 cm de diámetro y 10 de altura.

Haz un dibujo de la composición.

3 24 · ·8 ·1,5 ·10 2073,973

V = π − π = cm3

8.79. El volumen de un cilindro es de 24 033,18 dm3 y su altura mide 340 cm. ¿Cuál es su radio?

2 24033,1824033,18 · ·34 1534·

r r= π ⇒ = =π

dm

8.80. La diagonal de un cubo es de 7 3 cm. Calcula su área y su volumen. ¿Cuál es el radio de una esfera circunscrita al cubo?

Lado del cubo: ( ) ( )22 2 27 3

7 3 3 49 73

l l l= ⇒ = = ⇒ = cm

Área: A = 6 · 72 = 294 cm2. Volumen: V = 73 = 343 cm3

El diámetro de la esfera circunscrita coincide con el diámetro del cubo, por tanto, el radio es

7 32

r = cm.

8.81. Calcula el volumen de la caja de la figura.

La caja está formada por un ortoedro y medio cilindro, por tanto, 2·5 ·210·8·2 238,54

2V π= + = cm3.

8.82. En el interior de una esfera de 13 dm de diámetro hay una pirámide de base un triángulo equilátero de 8 dm de lado y 6 de altura. ¿Qué volumen queda entre los dos cuerpos geométricos?

El volumen será esfera pirámideV V V= − .

Altura de la base de la pirámide: 2 28 4 6,93h = − = dm

3esfera

4 · ·6,5 1150,353

V = π = dm3

pirámide1 8·6,93· ·6 55,443 2

V = = dm3

Por tanto, V = 1150,35 – 55,44 = 1094,91 dm3


8.83. Estudia cómo varía el volumen de un cilindro de radio r y altura h en cada uno de los siguientes casos.

a) Su altura aumenta el doble.

b) Su radio disminuye a la mitad.

c) Su altura aumenta el doble, y su radio, también.

a) El volumen aumenta el doble.

b) El volumen disminuye una cuarta parte.

c) El volumen se multiplica por 8.

8.84. Halla el área total y el volumen del tronco de pirámide representado.

Altura de las caras laterales: 2

2 12 610 9,542

h − = − =

cm

Área: 2 2 (12 6)·9,5412 6 4· 523,442

A += + + = cm2

El volumen será la diferencia entre el volumen de la pirámide completa y la pirámide sobrante.

Observemos la figura, tenemos:

' ' 9,54 ' 19,086 3h h h−

= ⇒ = cm

2 2 219,08 6 18,11h h= + ⇒ = cm

18,11 '' '' 9,066 3

h h= ⇒ = cm

Por tanto: 2 212 ·18,11 6 ·9,06 760,56

3 3V = − = cm3

8.85. Unos módulos para guardar ropa debajo de la cama tienen la base con forma de sector circular de 60 cm de radio y ángulo de 80º. La altura de los mismos es de 20 cm. ¿Qué capacidad tienen?

Si el sector circular fuera un círculo completo, el módulo sería un cilindro. Por tanto, los módulos son un trozo de cilindro.

Área del sector circular: 2·60 ·80º 2513,27

360ºA π= = cm2

Capacidad de los módulos: V = 2513,27 · 20 = 50 265,4 cm3


8.86. ¿Qué relación tienen el área de un tetraedro y la de un cubo con la misma arista? Ayúdate de un ejemplo para responder a la pregunta.

Pongamos que la arista mide a, de este modo, el área del cubo es A1 = 6a2.

Para calcular el área de una de las caras del tetraedro tenemos que calcular la altura de un triángulo equilátero de lado a:

22 3

2 2a ah a = − =

cm.

Por tanto, el área del tetraedro es 22

3·24· 3

2

aaA a= = cm2.

La relación de áreas es 2

12

2

6 6 2 3 3,463 3

A arA a

= = = = ≈ .

PROBLEMAS

8.87. En el abanico del dibujo, calcula el área de la zona coloreada.

La zona coloreada es la diferencia de dos sectores circulares, así,

2 2·40 ·75º ·30 ·75º 458,15360º 360º

A π π= − = cm2.

8.88. Se quiere construir una piscina con forma de rombo y rodeada por una zona de césped limitada por una circunferencia tal y como muestra la figura.

El diámetro de la circunferencia mide 15 m, y el lado del rombo, 7,5.

a) Calcula, en función de α, el área cubierta por el césped.

b) Calcula dicha área para los casos en que α = 45º, α = 50º y α = 60º.

a) ( )2 7,5·7,5·sen2·7,5 2· 56,25· sen22

A α= π − = π − α

b) 45º 120,46Aα = ⇒ = m2 50º 121,32Aα = ⇒ = m2 60º 128Aα = ⇒ = m2


8.89. Con el trozo de plancha de aluminio con forma de sector circular de la derecha se quiere construir un recipiente cónico.

a) Calcula la longitud de la base del cono construido.

b) Calcula el radio de la base y la altura del cono.

c) Calcula el volumen del cono.

El lado del sector (generatriz del cono) mide 60 73,25sen55º

l = = cm.

a) ·73,25·55º 70,31180º

L π= = cm

b) 70,312 70,31 11,192

r rπ = ⇒ = =π

cm

2 273,25 11,19 72,39h = − = cm

c) 2·11,19 ·72,39 9492,213

V π= = cm2

8.90. En unos recipientes cilíndricos de 6 m de diámetro y 6 de altura se ha preparado cera para elaborar velas. Unas tienen forma de prisma cuadrangular de 7 cm de lado de la base y 10 de altura, y otras, forma cilíndrica de 9 cm de diámetro de la base y 10 de altura.

Para hacer un pedido de 2000 velas con forma de prisma y 300 con forma de cilindro, ¿es suficiente con uno de los recipientes de cera?

Volumen del recipiente: 21 ·3 ·6 54 169,65V = π = π = m3

Volumen del prisma: 22 7 ·10 490V = = cm3.

Volumen del cilindro: 23 ·4,5 ·10 202,5 636,17V = π = π = cm3.

En total se gastan 2000 · 490 + 300 · 636,17 = 1 170 851 cm3 = 1,17 m3 de cera en las velas, por tanto, hay suficiente cera en el recipiente.


8.91. En una ciudad se han colocado 60 farolas formadas por cuatro trapecios isósceles de cristal de 20 mm de grosor, adornados con un borde de forja, como los de la figura.

a) ¿Cuánto cristal ha sido necesario en la construcción de todas las farolas?

b) Suponiendo que el adorno de hierro tiene un grosor tan fino que se puede considerar una figura plana, ¿qué cantidad de este metal se ha empleado en total?

a) Se han empleado ( )60 40 ·504· ·2 20000

2V

+= = cm3 de cristal en cada farola.

Por tanto, se han empleado 60 · 20 000 = 1 200 000 cm3 = 1,2 m3 de cristal en todas ellas.

b) En cada farola, la cantidad de hierro es 4 veces el área comprendida entre los dos trapecios de la figura.

Por tanto, ( ) ( )60 40 ·50 52 32 ·42

4·2 2

A+ +

= − =

2944 cm2

En total se emplean 60 · 2944 = 176 640 cm2 = 17,664 m2 de metal.

8.92. Paula compra 5 kg de tierra para llenar 3 macetas con forma de ortoedro de 45 cm de largo, 20 de ancho y 15 de alto, y otras 4 macetas con forma de tronco de cono de 25 cm de diámetro superior, 18 de diámetro de la base y 23 de altura.

Si la densidad de la tierra es de 300 kg por metro cúbico, ¿tendrá suficiente tierra para todas las macetas?

Volumen del ortoedro: V1 = 45 · 20 · 15 = 13 500 cm3

El volumen del tronco de cono es la diferencia entre el volumen del cono completo y el volumen del cono sobrante.

Observemos la figura:

Tenemos:

12,5 82,1423 9

h hh

= ⇒ =−

cm.

Por tanto, el volumen del tronco de cono es: 2 2

2·12,5 ·82,14 ·9 ·59,14 8423,69

3 3V π π

= − = cm3.

En total necesita 3 · 13 500 + 4 · 8423,69 = 74 194,76 cm3 de tierra, es decir, 300 · 0,0742 = 22,26 kg de tierra, por lo tanto, no tiene suficiente.


8.93. El dibujo muestra el logotipo de una marca de coches. Su contorno exterior es un hexágono regular, y en el interior incluye otro hexágono regular. En el diseño hay solo zonas grises y zonas naranja.

a) Calcula la razón entre las áreas de color gris y las de color naranja.

b) Halla dichas áreas si el lado del hexágono interior es de un centímetro.

Apotema del hexágono exterior: 2

2 32 2aa a − =

Área del hexágono exterior: 21

36 · 3 322 2

a aA a= =

Apotema del hexágono interior: 2 2 3

4 8 8a a a − =

Área del hexágono interior: 22

36 · 3 34 82 32

a aA a= =

Altura de los trapecios: 3 3 3 32 8 8

a a

− =

Área de un trapecio: 23

3 3·7 33 4 8

2 64

a a aA a

+ = =

Área de la zona naranja: A4 = 6 · A3 + A2 = 2 2 221 3 3 3 3 332 32 4

a a a+ =

Área de la zona gris: A5 = A1 – A4 = 2 2 23 3 3 3 3 32 4 4

a a a− =

a) La razón es 5

4

1AA

= , es decir, ambas áreas son iguales.

b) Si a = 1 cm, las áreas valen 3 3 1,34

≈ cm2.


AMPLIACIÓN

8.94. La figura está construida con 4 semicírculos. Si PR = 12 y QS = 6, el área encerrada es:

a) 81π b) 36π c) 18π d) 9π

Llamando 2x al diámetro PQ, el diámetro QR será 12 − 2x y el diámetro RS será 6 − (12 − 2x) = 2x − 6. Así pues, el diámetro PS = PQ + QS = 2x + 6, por lo que los radios a tener en cuenta son x, 6 − x,

x − 3 y x + 3 y el área pedida será A = ( )2 2 2 2( 3) (6 ) ( 3)2

x x x xπ+ − + − − − = 18π , la respuesta c.

8.95. En el trapecio de 6 cm de altura de la figura, T es el punto medio del lado QR. ¿Cuál es el área, en cm2, de la región sombreada?

a) 26 b) 27 c) 34 d) 42

Bajando RG y TH perpendiculares a PQ, los triángulos RGQ y THQ son semejantes, de razón de

semejanza 2, por lo que TH = 12

RG = 62

= 3 cm.

Así pues, el área pedida es (10 4)·6 10·32 2+

− = 27 cm2, la respuesta b).

8.96. *En el rectángulo ABCD, AD mide 1 cm y las rectas DB y DP dividen en tres partes iguales el ángulo D. ¿Cuál es el perímetro del triángulo BDP?

a) 2 + 4 33

b) 2 + 2 c) 2 + 5 33

d)

3 3 52

+

3·tg30º 1·tg30º3

AP AD= = = 1 2 3cos30º cos30º 3

ADDP = = = 1 3tg30º tg30ºBCDC = = =

1 2sen30º sen30º

BCBD = = = PB = AB – AP = 3 2 333 3

− =

Perímetro: DP + PB + BC = 2 3 2 3 4 32 23 3 3

+ + = + , la respuesta a).


8.97. En el triángulo ABC, el ángulo A mide 100º, y el B, 50º. Si AH es una altura y BM una mediana, el ángulo MHC es igual a:

a) 22,5º b) 30º c) 40º d) 45º

Al ser rectángulo el triángulo AHC y M el punto medio de la hipotenusa AC, M es el centro de la circunferencia circunscrita a dicho triángulo.

Por tanto, el triángulo MHC es isósceles y los ángulos MHC y MCH son iguales.

Como MCH = 180º − (100º + 50º) = 30º, la respuesta es b).

8.98. Sobre una mesa hay 4 tiras de cartón de 10 cm de longitud y 1 cm de anchura de forma que se solapan como indica la figura. ¿Cuál es, en cm2, el área del trozo de mesa cubierto por las tiras?

a) 36 b) 40 c) 44 d) 96

El área de cada tira es 10 · 1 = 10 cm2, luego el área cubierta si no se solaparan sería de 40 cm2.

Como hay 4 cuadrados de 1 cm de lado contados dos veces, el área pedida será 40 − 4 = 36 cm2, respuesta a).

AUTOEVALUACIÓN

8.1. Calcula el perímetro y el área de:

a) Un cuadrado de 18 cm de diagonal.

b) Un octógono regular de 7 cm de lado y 8,45 de apotema.

a) Lado del cuadrado: 182 = 2 · l2 ⇒ l = 162 = 12,73 cm

Perímetro: P = 4 · l = 50,92 cm

Área: A = l2 = 162 cm2

b) Perímetro: P = 8 · 7 = 56 cm

Área: A = 56·8,452

= 236,6 cm2


8.2. Calcula el área de la zona coloreada.

a)* b) c)

a) La figura está formada por dos trapecios que comparten un lado de longitud 2 25 (7 5)l = + − =

29= cm.

Sus alturas son 5 y ( ) ( )2 229 17 14 20 2 5h = − − = = cm.

Por tanto, el área es (7 5)·5 (17 14)·2 5 30 31 5 99,322 2

A + += + = + ≈ cm2.

b) La figura está formada por un cuadrado y un triángulo isósceles.

Altura del triángulo: 2 220 14 14,28h = − = cm

Área: 228·14,28 28 983,922

A = + = cm2

c) Área del cuadrado: A1 = 102 = 100 cm2

Área del triángulo: 210·5 25

2A = = cm2

Área del semicírculo: 2

3·5 39,272

A π= = cm2

Área de la figura: 1 2 3 35,73A A A A= − − = cm2

8.3. Calcula el área total de las siguientes figuras.

a) Un prisma pentagonal de 6 cm de lado, 4,13 de apotema y 18 de altura.

b) Un cono de 24 cm de generatriz y 6 de radio de la base.

c) Una pirámide cuya base es un triángulo rectángulo isósceles de 8 cm de hipotenusa con 2 caras verticales de 15 cm de altura sobre los catetos.

a) 30·4,132· 2· 30·18 663,92B LA A A= + = + = cm2

b) 2·6 ·6·24 180 565,49A = π + π = π = cm2

c) La tercera cara lateral, cuya base es la hipotenusa del triángulo de la base, es un triángulo isósceles.

Los catetos de la base miden: 82 = 2c2 ⇒ c = 32 ≈ 5,66 cm.

Los lados iguales de la tercera cara lateral: 2215 32 257 16,03x = + = ≈ cm

Altura de la tercera cara lateral: 2 2257 4 241 15,52h = − = ≈ cm

Área total: 32· 32 32 ·15 8· 2412· 16 5,66 931,45 953,112 2 2

A = + + = + + = cm2


8.4. Halla la altura de un cilindro de 5852,79 dm3 de volumen y 23 dm de diámetro.

22

5852,795852,79 ·11,5 · 14,0911,5 ·

h h= π ⇒ = =π

dm

8.5. Calcula el radio de una esfera de 0,18 m3 de volumen.

3 34 3·0,180,18 · · 0,353 4·

r r= π ⇒ = =π

m

8.6. Halla el volumen de la zona sombreada.

a) b)

a) Volumen del cubo: V1 = 283 = 21.952 cm3

Volumen del cono: 2

2·14 ·28 5747,02

3V π

= = cm3

Volumen de la zona sombreada: V = V1 – V2 = 16 204,98 cm3

b) Volumen del ortoedro sombreado: V1 = 8 · 9 · 5 = 360 cm3

Volumen de la pirámide sombreada: 28·9·25 600

3V = = cm3

Volumen de la zona sombreada: V = V1 + V2 = 960 cm3

8.7. En el cubo de la figura:

a) Calcula la medida de la diagonal.

b) Calcula la medida de los ángulos α y β.

a) 2 2 23 3 3 27d = + + = cm

b) α = 45º

2 2

3 3 2 35,26º23 23 3

tgβ = = = ⇒ β =+


PON A PRUEBA TUS COMPETENCIAS

Observa y experimenta > Poliedros arquimedianos

En la unidad has estudiado los prismas, las pirámides, los poliedros regulares… También has visto que hay otros cuerpos que se pueden formar uniendo poliedros de estos tipos.

Pero los poliedros regulares no son los únicos que tienen cierta “regularidad”. Los poliedros arquimedianos están formados por polígonos regulares de varios tipos y tienen la particularidad de que todos sus vértices son iguales, en todos concurren los mismos polígonos y en el mismo orden.

8.1. Busca el nombre y la descripción de los poliedros arquimedianos y dónde aparecen en la naturaleza.

Solo hay 13 poliedros arquimedianos, en la siguiente tabla aparecen sus nombres y las caras que los forman.

Nombre del sólido Caras Cuboctaedro 6 cuadrados y 8 triángulos Gran rombicosidodecaedro o icosidodecaedro truncado 12 decágonos, 20 hexágonos y 30 cuadrados

Gran rombicuboctaedro o cuboctaedro truncado 6 octógonos, 8 hexágonos y 12 cuadrados

Icosidodecaedro 12 pentágonos y 20 triángulos Pequeño rombicosidodecaedro o rombicosidodecaedro 12 pentágonos, 20 triángulos y 30 cuadrados

Pequeño rombicuboctaedro o rombicuboctaedro 18 cuadrados y 8 triángulos

Cubo romo 6 cuadrados y 32 triángulos Dodecaedro romo 12 pentágonos y 80 triángulos Cubo truncado 6 octógonos y 8 triángulos Dodecaedro truncado 12 decágonos y 20 triángulos Icosaedro truncado 12 pentágonos y 20 hexágonos Octaedro truncado 6 cuadrados y 8 hexágonos Tetraedro truncado 4 hexágonos y 4 triángulos

Los poliedros arquimedianos se obtienen de los poliedros regulares, bien cortando estos por un plano que pase por el punto medio de todas las aristas que concurren en cada vértice, bien cortando por un plano que pase a una distancia del vértice igual a un tercio del valor de cada arista.

Los poliedros arquimedianos son habituales en la naturaleza. Por ejemplo, la molécula del carbono 60 (fullereno) tiene forma del icosaedro truncado. Robert Curl y Richard Smalley, de la Universidad Rice de Texas, junto a Harold Kroto de la Universidad de Sussex de Inglaterra, fueron galardonados con el premio Nobel de Química en 1996 por el descubrimiento de esta molécula.

También es frecuente encontrarlos en las estructuras de ciertos virus y cristales.

Los mismos balones de fútbol han estado hechos siempre con 12 pentágonos y 20 hexágonos (icosaedro truncado), aunque hoy día se han cambiado por otra forma poliédrica más redondeada (el pequeño rombicosidodecaedro) que tiene 20 triángulos, 30 cuadrados y 12 pentágonos y que ocupa más del 94 % de la esfera circunscrita.

http://es.wikipedia.org/wiki/Cuboctaedro_truncado�

http://www.juntadeandalucia.es/averroes/iesarroyo/matematicas/materiales/4eso/geometria/poliedros/icosedrotruncado.jpg�


8.2. Construye algunos de ellos usando el material que prefieras: a partir del desarrollo, usando palillos, con polígonos prefabricados, etc.

Actividad libre.

Razona y construye > La geometría en la construcción

Seguro que alguna vez has construido una pirámide con cartas. ¿Por qué se colocan los naipes de esa forma?

Al construir cualquier estructura, es importante hacerlo de la forma más segura. Seguramente habrás notado que al hacer una pared se colocan los ladrillos de forma alterna. Esto hace que la estructura sea más segura, ya que evita que haya líneas de fractura claras.

Si en lugar de esa colocación hubiéramos situado los ladrillos apilados en columnas, quedarían unas líneas verticales por las que la pared sería más débil.

En una pared de ladrillos se pueden retirar algunos sin que la estructura se derrumbe, quitando piezas que formen una pirámide.

8.1. Hemos hecho una construcción con varias filas de ladrillos. En la base hay 20 ladrillos; en la

fila superior, 19, y así hasta la primera fila, que tiene 10 ladrillos. ¿Podrías calcular la cantidad total de ladrillos? ¿Y si en la base hubiera, por ejemplo, 100 ladrillos?

Hay que intentar hallar la fórmula para calcular la cantidad total de ladrillos en función de los ladrillos de la base. Se puede abordar el problema como un cálculo con progresiones aritméticas, pero tiene una interpretación geométrica más sencilla, ya que la figura que se forma es un trapecio.

Recordemos que el área de un trapecio es ( )·2

B b hA

+= , así, en el primer caso, con B = 20, b = 10 y

h = 11, obtenemos que el total de ladrillos es 165.

En el segundo caso, B = 100, b = 10 y h = 91, con lo que hay un total de 5005 ladrillos.

8.2. Vamos a usar ladrillos de dimensiones 2 × 1 (sin tener en cuenta el grosor del tabique). Puedes

representarlos por piezas de dominó. Construiremos un rectángulo sin líneas de fractura y sin partir ningún ladrillo. ¿Podemos conseguir un rectángulo de dimensiones 3 × 5? ¿Cuál será el tamaño del rectángulo mínimo?

Con ladrillos de dimensión 2 × 1, que tienen un área de 2 unidades cuadradas, solo se podrán construir (con o sin fractura) rectángulos de área par, es decir, rectángulos en los que al menos una de las dimensiones es par, por lo que no es posible construir el rectángulo de dimensiones 3 × 5.

El rectángulo más pequeño que puede construirse sin líneas de fractura, descartando el caso trivial de un rectángulo 2 × 1, es el de dimensiones 6 × 5. La figura muestra una posible construcción de este rectángulo.

De hecho, se puede demostrar que se puede construir, sin líneas de fractura, un rectángulo de dimensiones n × m, con n par, si y solo si n = 2, m = 1; n = 6, m = 5; n = 6, m ≥ 7 o n ≥ 8.


8.3. Con ladrillos de otro tipo puede ser más fácil obtener este tipo de muro. Por ejemplo, utilizando ladrillos formados por la unión de cuatro cuadrados, como en el juego tetris, ¿puedes construir algún rectángulo sin líneas de fractura más pequeño que el del apartado anterior? ¿Por qué no se usa este tipo de ladrillos?

Es fácil hacer muros sin líneas de fractura más pequeños.

No se usan estos ladrillos porque es más fácil fabricar los tradicionales, todos iguales y con la forma más sencilla.

8.4. El cubo Soma es un puzle creado por Piet Hein en 1936. A partir de siete piezas hechas uniendo cubos de distintas formas se puede formar un cubo y muchas otras figuras. Es un juego fácil de construir. Busca algunas de esas figuras en internet y trata de resolverlas.

Actividad libre.


Interpreta y descubre > El volumen de una esfera

Se cuenta que Arquímedes hizo grabar sobre su tumba un círculo inscrito a la vez en un cuadrado y en un triángulo equilátero de bases superpuestas, en memoria de uno de sus más bellos descubrimientos: que el volumen de una esfera es dos tercios del volumen del cilindro circunscrito, que a su vez es dos tercios del volumen del cono equilátero circunscrito a la misma esfera.

Y se cuenta también que gracias a este emblema pudo hallar Cicerón la tumba del siracusano, olvidada y cubierta por la maleza, un siglo y medio después de su muerte.

8.5. ¿En qué época vivió Arquímedes? Si te fijas en el texto anterior observarás que Arquímedes era “siracusano”. ¿Cuál fue su lugar de nacimiento?

Nació en Siracusa, al este de la isla de Sicilia. Vivió de 287 a. C. a 212 a. C.

8.6. Muchos de los logros científicos de Arquímedes han llegado hasta nuestros días. ¿Puedes citar algunos de ellos?

Arquímedes fue matemático, físico, ingeniero, inventor y astrónomo.

De sus logros matemáticos destacan el cálculo del área bajo una parábola, la aproximación del número π, la espiral que lleva su nombre, y el cálculo de superficies y volúmenes de los cuerpos de revolución.

En física destacan el principio de Arquímedes y la palanca.

8.7. Utilizando las fórmulas del volumen de la esfera, del cilindro y del cono que él mismo descubrió, comprueba las relaciones que se enuncian en el texto:

a) esfera cilindro23

V V= b) cilindro cono23

V V=

a) El volumen de la esfera es 34 ·3

V r= π y el del cilindro es 2 3· ·2 2 ·V r r r= π = π , de donde se

obtiene la relación.

b) La altura del triángulo equilátero es 3r. Por otra parte, si l es el lado de este triangulo, que

coincide con el diámetro de la base del cono, la altura debe ser 32

l ; por tanto, 3 32

l r= y se

deduce que 2 3l r= . De este modo, el volumen del cono es ( )2 31 3 ·3 3 ·3

V r r r= π = π , de

donde se obtiene la relación.


8.8. Pero ¿cómo obtuvo Arquímedes la fórmula del volumen de la esfera? Interpreta el siguiente texto y, con lápiz y papel, dibuja lo que hizo.

8.9. Compruébalo. Para ello ten en cuenta que si el plano que los corta está a una distancia d del vértice del cono, entonces el radio de la sección del cono es d.

a) ¿Por qué? ¿Cuál es el radio de la sección de la semiesfera?

b) Comprueba que sección del cilindro sección de la semiesfera sección del conoS S S= + .

a) Para la primera parte, observa el diagrama.

Los triángulos AOV y BCV son semejantes; además, AO = OV = r, luego x = BC = CV = d.

Para la segunda parte, observa el diagrama.

2 2 2 2 2x r d x r d= − ⇒ = −

b) Según el apartado anterior.

2cilindro ·S r= π 2

cono ·S d= π ( )2 2 2 2semiesfera · · ·S r d r d= π − = π − π

De donde se deduce la relación.

Y anticipándose 2000 años al cálculo integral, dedujo que si esta relación se cumplía para todas las rebanadas, también tendría que cumplirse para sus respectivas sumas, por lo que el volumen del cilindro tenía que ser igual al de la semiesfera más el del cono. Arquímedes conocía las fórmulas que permiten hallar el volumen del cilindro y el del cono, por lo que pudo deducir la fórmula del volumen de la esfera.

8.10. Comprueba de una forma práctica la relación anterior. Toma una semiesfera, que puede ser la mitad de una pelota de tenis. Construye en cartulina un cilindro y un cono con las características descritas. Llena la semiesfera y el cono con agua y viértelos en el cilindro.

¿Hasta dónde se llena el cilindro? ¿Cómo lo interpretas?

Respuesta abierta. El cilindro debería llenarse completamente.

Arquímedes imaginó una esfera inscrita en un cilindro y los dividió ecuatorialmente por la mitad. Tomó por separado la semiesfera, el semicilindro y un cono inscrito en la otra mitad del cilindro. Y luego imaginó los tres sólidos cortados en finísimas “rebanadas” horizontales, o lo que es lo mismo, seccionados por una infinidad de planos paralelos. Vio que para cada corte se cumplía que el área de la sección del cilindro era igual al área de la sección de la semiesfera más el área de la sección del cono.

Proyecto editorial: Equipo de Educación Secundaria del Grupo SM Autoría: Fernando Alcaide, Antonia Aranda, Rafaela Arévalo, Juan Jesús Donaire, Vanesa Fernández, Joaquín Hernández, Juan Carlos Hervás, Miguel Ángel Ingelmo, Cristóbal Merino, María Moreno, Miguel Nieto, Isabel de los Santos, Esteban Serrano, Yolanda A. Zárate Edición: Oiana García, José Miguel Gómez, Aurora Bellido Revisión contenidos solucionario: Juan Jesús Donaire Corrección: Javier López Ilustración: Modesto Arregui, Estudio “Haciendo el león”, Jurado y Rivas, Félix Anaya, Juan Francisco Cobos, José Santos, José Manuel Pedrosa Diseño: Pablo Canelas, Alfonso Ruano Maquetación: SAFEKAT S. L. Coordinación de diseño: José Luis Rodríguez Coordinación editorial: Josefina Arévalo Dirección del proyecto: Aída Moya (*) Una pequeña cantidad de ejercicios o apartados han sido marcados porque contienen alguna corrección en su enunciado respecto al que aparece en el libro del alumno. Gestión de las direcciones electrónicas: Debido a la naturaleza dinámica de internet, Ediciones SM no puede responsabilizarse de los cambios o las modificaciones en las direcciones y los contenidos de los sitios web a los que remite este libro. Con el objeto de garantizar la adecuación de las direcciones electrónicas de esta publicación, Ediciones SM emplea un sistema de gestión que redirecciona las URL que con fines educativos aparecen en la misma hacia diversas páginas web. Ediciones SM declina cualquier responsabilidad por los contenidos o la información que pudieran albergar, sin perjuicio de adoptar de forma inmediata las medidas necesarias para evitar el acceso desde las URL de esta publicación a dichas páginas web en cuanto tenga constancia de que pudieran alojar contenidos ilícitos o inapropiados. Para garantizar este sistema de control es recomendable que el profesorado compruebe con antelación las direcciones relacionadas y que comunique a la editorial cualquier incidencia a través del correo electrónico [email protected]. Cualquier forma de reproducción, distribución, comunicación pública o transformación de esta obra solo puede ser realizada con la autorización de sus titulares, salvo excepción prevista por la ley. Diríjase a CEDRO (Centro Español de Derechos Reprográficos, www.cedro.org) si necesita fotocopiar o escanear algún fragmento de esta obra, a excepción de las páginas que incluyen la leyenda de “Página fotocopiable”. © Ediciones SM Impreso en España – Printed in Spain

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