CINEMÁTICA - EJERCICIOS RESUELTOS Y PRROPUESTOS

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FISICA GENERAL 1 Lic. Fs. Ral Zavala Snchez CINEMTICA EJEMPLO 1.1Si el mvil de la figura 2.2se encuentra en x1 = 5 m ent1=10symstardeseencuentraenx2=50ment2=15sEncontrareldesplazamientoylavelocidadmediadelmvilen este intervalo de tiempo. SolucinPordefinicineldesplazamientodelmviles:Ax=x2 x1 = 50m 5m = 45 m y la velocidad media es:vm = txAA = 1 21 2t tx x = s 10 s 15m 5 m 50 = 9 m/s EJEMPLO1.2Cuntorecorreunciclistaen5minutossisu velocidad media es de 24 km/h?SolucinEnestecasodeseamoshallareldesplazamientoAx realizadoenelintervalodetiempoAtde5minutos.Segnla ecuacin (2.2) el desplazamiento esta dado por: Ax = vmAtDesdequelavelocidadestexpresadaenkm/hdebemos transformareltiempodeminutosahoras.Haciendoestoltimo tenemos: At = 5 min min 60hora 1 =0,0833 h Por tanto Ax = 24 hkm 0,0833 h = 2 km EJEMPLO 1.3Un atletarecorre 200 m en 40 s y luego da la vuelta y recorre 50 m en 30 s y en direccin al punto desde el que inici sumovimiento.Culeselvalordelavelocidadmediaydela velocidad vectorial media? SolucinLa distancia total recorrida es: 200m + 50 m = 250 m y el tiempo total transcurrido es 40 s + 30 s = 70 s. Por tanto la velocidad media es: Velocidad media = 250m / 42 s = 5,95 m/s Ntesequeestanoeslamediadelasvelocidadesqueson5,0 m/s y1,67 m/s Paracalcularlavelocidadvectorialmedia,determinamos previamenteeldesplazamientototal.Six1eselpuntodepartida (origen de coordenadas) podemos tomar x1 = 0 y t1 = 0.Laposicinfinalrespectoalorigenesx2=150m(yaque retrocedi 50 m). y corresponde a t2 = 70 s. Por tanto Ax = x2 x1 = 150 m 0 = 150 m y la velocidad vectorial media es: vm =txAA =s 70m 150 = 2,14 m/s EJEMPLO1.4Lafuncinxdetrepresentadaenlafigura1.5 proporcionalaposicindeunapartculaencualquierinstante. Encuentrela velocidad instantnea en el instante t = 2 s Figura 1.5Posicin en funcin del tiempo SolucinEnt=2s,lapendientedelarectatangentealacurva puedecalcularseconlatangentetrigonomtricadelnguloque formalarectatangenteyeleje+X.Estoes;lavelocidad instantnea en t = 2 s es:v = dtdx=tan o =3m / 4 s = 0,75 m/sSe puede ver que la velocidad instantnea ser cero en t =3 s y t =6,4syalcanzarsumximovalorent=5,5s.ylavelocidades negativapara t > 6,3 s EJEMPLO 1.5 Una partcula se mueve de tal modo que su posicin en cualquier instante est dado por: x = kt3 . Hllese la velocidad y aceleracin instantneas en funcin del tiempo Solucin En un instante determinado t la posicin de la partcula es x(t) = kt3.Despus de un tiempo At, su nueva posicin ser: x(t+At) = k(t +At)3 = kt3 + 3kt2At + 3kt(At)2 + k(At)3

El desplazamiento respectivo es: Ax = x(t +At) x(t)Ax = kt3 + 3kt2At + 3kt (At)2 + k(At)3 kt3 Ax = 3kt2At + 3kt (At)2 + k(At)3 La velocidad media en este intervalo de tiempo es: vm = txAA = 3kt2 + 3kt (At) + k(At)2 Cuando At 0, los dos ltimos trminos tienden a cero, por tanto la velocidad instantnea est dada por: v = txlim0 tAA A = dtdx = 3kt2 0 1 2 3 4 5 6 7 8 6 5 4 3 x(m) t(s) o FISICA GENERAL 2 Lic. Fs. Ral Zavala Snchez Se puede observar que la derivada de x respecto a t de la funcin kt3seobtienebajandoelexponentecomounfactordel coeficiente y disminuyendo el exponente en una unidad dtdx =) x (dtd =) kt (dtd3 = 3kt2 Laaceleracinsedeterminaaplicandoelmismoprocedimientoy se tiene: v(t) = 3kt2 v(t + At) = 3k(t +At)2 = 3kt2 + 6kt (At) + 3k(At)2 el incremento de la velocidad es: Av = v(t + At) v(t) = 6ktAt + 3k(At)2 la aceleracin media est dada por am = tvAA = 6kt + 3k(At) llevandoallmitecuandoAt0resultalaaceleracin instantnea: a = tvlim0 t AA A = dtdv = 6ktNtesequeladerivadadelafuncin3kt2respectoaltiempotse puede obtener, bajando el exponente como factor del coeficiente y disminuyendo el exponente en una unidad Engeneralsiunafuncindettienelaformax=ktn(funcin potencial) su derivada respecto al tiempo se obtiene del siguiente modo: dtdx =) x (dtd =) kt (dtdn = nktn-1

EJEMPLO1.6Laluzsepropagaconunavelocidadc=3108m/sa) Cunto tiempo tarda la luz en ir del Sol a la Tierra a travsde unadistanciade1,51011m?b)Unaoluzesunaunidadde distanciaigualalarecorridaporlaluzenunao.Determinarla distancia equivalente de un ao luz en km Solucina)Delaecuacin(2.11),hallamoseltiemponecesario para que un rayo luminoso viaje del Sol hasta la Tierra es: t = vx A = s / m 0 3m 0 5 , 1811 = 500 s = 8,33 min b) Sabiendo que el da solar medio tiene 86400 segundos; el tiempo de un ao expresado en segundos esAt =36586400 = 3,15107 s. Por tanto la distancia que recorre la luz en un ao es Un ao luz: D = c t = (3108 m/s)(3,15107 s) D = 9.461015 m =9,461012 km. EJEMPLO1.7Selanzaunapelotahaciaarribaconunavelocidad inicialde40m/s.Siestsometidahaciaabajoaunaaceleracin de10m/s2Cuntotiemposetardarenalcanzarlaaltura mxima?SolucinElegimoscomoorigenelpuntodepartidaysentido positivo la direccin hacia arriba. Los datos del problema son: vo = 40 m/s, a = 10 m/s2, al alcanzar la mxima altura su velocidad es cero (v = 0). Luego el tiempo transcurrido se obtiene despejando t de la ecuacin 2.14t = av vo =2s / m 10s / m 40 0= 4 s EJEMPLO 1.8Una partcula se mueve en lnea recta y su posicin enfuncindeltiempoestdadapor:x=t3 t25tdondexse mide en metros y t en segundos. Calcular: a) la velocidad media en el intervalo: 2 < t < 5.b) la velocidad instantnea en el instante t. c)laaceleracinmediaenelintervalo2