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Ejercicios para el curso MA0250 de la Universidad de Costa Rica
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Ejercicios sobre lımites de funciones(tomados del libro “Problemas y ejercicios de analisis matematico”, de B.Demidovich)
Al buscar el lımite de la razon de dos polinomios enteros respecto a x, cuando x → ∞, es convenientedividir previamente los dos terminos de la razon por xn, donde n es la mayor potencia de estos polinomios.En muchos casos puede emplearse un procedimiento analogo, cuando se trata de fracciones que contienenexpresiones irracionales.
EJEMPLO 1.
limx→∞
(2x− 3)(3x+ 5)(4x− 6)
3x3 + x− 1= limx→∞
(2− 3x )(3 + 5
x )(4− 6x )
3 + 1x2 − 1
x3
=2 · 3 · 4
3= 8
EJEMPLO 2.
limx→∞
x3√x3 + 10
= limx→∞
1
3
√1 + 10
x3
= 1
1.Halle los siguientes lımites:
a limx→∞
(x+ 1)2
x2 + 1
b limx→∞
1000x
x2 − 1
c limx→∞
x2 − 5x+ 1
3x+ 7
d limx→∞
2x2 − x+ 3
x3 − 8x+ 5
e limx→∞
(2x+ 3)3(3x− 2)2
x5 + 5
f limx→∞
2x2 − 3x− 4√x4 + 1
g limx→∞
2x+ 3
x+ 3√x
h limx→∞
x2
10 + x√x
i limx→∞
3√x2 + 1
x+ 1
1
j limx→∞
√x√
x+√x+√x
Si P (x) y Q(x) son polinomios enteros y P (a) 6= 0 o Q(a) 6= 0, el lımite de la fraccion racional
limx→∞
P (x)
Q(x)
se halla directamente.
Si P (a) = Q(a) = 0, se recominda simplificar la fraccion P (x)Q(x) ,por el binomio x− a, una o varias veces.
EJEMPLO 3.
limx→2
x2 − 4
x2 − 3x+ 2= limx→2
(x− 2)(x+ 2)
(x− 2)(x− 1)= limx→2
x+ 2
x− 1= 4
2.Halle los siguientes lımites:
a limx→−1
x3 + 1
x2 + 1
b limx→5
x2 − 5x+ 10
x2 − 25
c limx→−1
x2 − 1
x2 + 3x+ 2
d limx→2
x2 − 2x
x2 − 4x+ 4
e limx→1
x3 − 3x+ 2
x4 − 4x+ 3
f limx→a
x2 − (a+ 1)x+ a
x3 − a3
g limh→0
(x+ h)3 − x3
h
h limx→1
(1
1− x− 3
1− x3
)Las expresiones irracionales se reducen, en muchos casos, a una forma racional introduciendo una nuevavariable.
EJEMPLO 4. Hallar
limx→0
√1 + x− 1
3√
1 + x− 1.
SOLUCION.Suponiendo
1 + x = y6
tenemos:
limx→0
√1 + x− 1
3√
1 + x− 1= limy→1
y3 − 1
y2 − 1= limy→1
y2 + y + 1
y + 1=
3
2.
3.Halle los siguientes lımites:
2
a limx→1
√x− 1
x− 1.
b limx→64
√x− 8
3√x− 4
.
c limx→1
3√x− 1
4√x− 1
.
d limx→1
3√x2 − 2 3
√x+ 1
(x− 1)2.
Otro procedimiento para hallar el lımite de una expresion irracional es el de trasladar la parte irracionaldel numerador al denominador o, al contrario, del denominador al numerador.
EJEMPLO 5.
limx→a
√x−√a
x− a= limx→a
x− a(x− a)(
√x+√a)
= limx→a
1√x+√a
=1
2√a
(a > 0).
4.Halle los siguientes lımites:
a limx→7
2−√x− 3
x2 − 49.
b limx→8
x− 83√x− 2
.
c limx→1
√x− 1
3√x− 1
.
d limx→4
3−√
5 + x
1−√
5− x.
e limx→0
√1 + x−
√1− x
x.
f limh→0
√x+ h−
√x
h.
g limh→0
3√x+ h− 3
√x
h.
h limx→3
√x2 − 2x+ 6−
√x2 + 2x− 6
x2 − 4x+ 3.
i limx→+∞
(√x+ a−
√x).
j limx→+∞
[√x(x+ a)− x].
k limx→+∞
(√x2 − 5x+ 6− x).
l limx→+∞
x(√x2 + 1− x).
m limx→∞
(x+3√
1− x3).
3
Al hacer el calculo de los lımites, en muchos casos se emple la formula
limx→0
sinx
x= 1
y se supone que se sabe que limx→a
sinx = sin a y limx→a
cosx = cos a.
EJEMPLO 6.
limx→0
sin 5x
x= limx→0
(sin 5x
5x· 5)
= 1 · 5 = 5.
5.Halle los siguientes lımites:
a limx→2
sinx
x.
b limx→∞
sinx
x.
c limx→0
sin 3x
x.
d limx→0
sin 5x
sin 2x.
e limx→1
sinπx
sin 3πx.
f limn→∞
(n sin
π
n
).
g limx→0
1− cosx
x2.
h limx→a
sinx− sin a
x− a.
i limx→a
cosx− cos a
x− a.
j limx→−2
tanπx
x+ 2.
k limh→0
sin(x+ h)− sinx
h.
l limx→π
4
sinx− cosx
1− tanx.
m limx→0
x sin1
x.
n limx→∞
x sin1
x.
n limx→1
(1− x) tanπx
2.
o limx→0
cot 2x cot(π
2− x)
.
p limx→π
1− sin x2
π − x.
4
q limx→π
3
1− 2 cosx
π − 3x.
r limx→0
cosmx− cosnx
x2.
s limx→0
tanx− sinx
x3.
t limx→0
arcsinx
x.
u limx→0
arctan 2x
sin 3x.
v limx→1
1− x2
sinπx.
w limx→0
x− sin 2x
x+ sin 3x.
x limx→1
cos πx21−√x
.
y limx→0
1−√
cosx
x2.
z limx→0
√1 + sinx−
√1− sinx
x.
Al hallar los lımites de la forma
limx→a
[ϕ(x)]ψ(x) = C, (3)
debe tenerse en cuenta que:
1) si existen los lımites finitos
limx→a
ϕ(x) = A y limx→a
ψ(x) = B,
se tiene que C = AB ;
2) si limx→a
ϕ(x) = A 6= 1 y limx→a
ψ(x) = ±∞, el problema de hallar el lımite (3) se resuelve directamente;
3) si limx→a
ϕ(x) = 1 y limx→a
ψ(x) = ∞, se supone que ϕ(x) = 1 + α(x), donde α(x) → 0,cuando x → a y,
por consiguiente,
C = limx→a
[[1 + α(x)]1
α(x) ]α(x)ϕ(x) = elimx→a
α(x)ψ(x)= e
limx→a
[ϕ(x)− 1]ψ(x),
siendo e = 2, 718... el numero de Neper.
EJEMPLO 7. Hallar
limx→0
(sin 2x
x
)1+x
.
SOLUCION. Aquı
limx→0
(sin 2x
x
)= 2 y lim
x→0(1 + x) = 1;
por consiguiente,
5
limx→0
(sin 2x
x
)1+x
= 21 = 2.
EJEMPLO 8. Hallar
limx→∞
(x+ 1
2x+ 1
)x2
.
SOLUCION. Tenemos:
limx→∞
x+ 1
2x+ 1= limx→∞
1 + 1x
2 + 1x
=1
2y limx→∞
x2 = +∞.
Por lo cual,
limx→∞
(x+ 1
2x+ 1
)x2
= 0.
EJEMPLO 9.Hallar
limx→∞
(x− 1
x+ 1
)x.
SOLUCION. Tenemos:
limx→∞
x− 1
x+ 1= limx→∞
1− 1x
1 + 1x
= 1.
Haciendo las transformaciones que se indicaron mas arriba, obtendremos
limx→∞
(x− 1
x+ 1
)x= limx→∞
[1 +
(x− 1
x+ 1− 1
)]x= limx→∞
[[1 +
(−2
x+ 1
)] x+1−2
]− 2xx+1
= elimx→∞−2xx+1 = e−2.
En este caso concreto, puede hallarse el lımite con mas facilidad, sin recurrir al procedimiento general:
limx→∞
(x− 1
x+ 1
)x= limx→∞
(1− 1
x
)x(1 + 1
x
)x =
limx→∞
[(1− 1
x
)−x]−1limx→∞
(1 +
1
x
)x =e−1
e= e−2.
En este caso, es conveniente recordar que:
limx→∞
(1 +
k
x
)x= ek.
6.Halle los siguientes lımites:
a limx→0
(2 + x
3− x
)x.
b limx→1
(x− 1
x2 − 1
)x+1
.
c limx→∞
(1
x2
) 2xx+1
.
d limx→0
(x2 − 2x+ 3
x2 − 3x+ 2
) sin xx
.
e limx→∞
(x2 + 2
2x2 + 1
)x2
.
6
f limn→∞
(1− 1
n
)n.
g limx→∞
(1 +
2
x
)x.
h limx→∞
(x
x+ 1
)x.
i limx→∞
(x− 1
x+ 3
)x+2
.
j limn→∞
(1 +
x
n
)n.
k limx→0
(1 + sinx)1x .
l limx→0
(cosx)1x .
m limx→0
(cosx)1x2 .
Al calcular los lımites que se dan a continuacion, es conveniente saber que, si existe y es positivo ellimx→a
f(x), se tiene que:
limx→a
[ln f(x)] = ln[ limx→a
f(x)].
EJEMPLO 10.Demostrar que
limx→0
ln(1 + x)
x= 1.(*)
SOLUCION. Tenemos:
limx→0
ln(1 + x)
x= limx→0
[ln(1 + x)1x ] = ln e = 1.
La formula (*) se emplea, frecuentemente, en la resolucion de problemas.
7.Halle los siguientes lımites:
a limx→∞
[ln(2x+ 1)− ln(x+ 2)].
b limx→0
lg(1 + 10x)
x.
c limx→0
(1
xln
√1 + x
1− x
).
d limx→+∞
x[ln(x+ 1)− lnx].
e limx→0
ln(cosx)
x2.
f limx→0
ex − 1
x.
g limx→0
ax − 1
x(a > 0).
7
h limn→∞
n( n√a− 1) (a > 0).
i limx→0
eax − ebx
x.
j limx→0
1− e−x
sinx.
k limx→0
sinhx
x.
l limx→0
coshx− 1
x2.
8.Halle los siguientes lımites laterales:
a limx→−∞
x√x2 + 1
.
b limx→+∞
x√x2 + 1
.
c limx→−∞
tanh(x), donde tanh(x) = ex−e−xex+e−x .
d limx→+∞
tanh(x), donde tanh(x) = ex−e−xex+e−x .
e limx→−0
1
1 + e1x
.
f limx→+0
1
1 + e1x
.
g limx→−∞
ln(1 + ex)
x.
h limx→+∞
ln(1 + ex)
x.
i limx→−0
| sinx|x
.
j limx→+0
| sinx|x
.
k limx→−0
x− 1
|x− 1|.
l limx→+0
x− 1
|x− 1|.
m limx→−2
x
x− 2.
n limx→+2
x
x− 2.
8