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TRABAJO COLABORATIVO 1
HERNAN DARIO SERRATO LOSADA
1081411410
WILLIAM DE JESUS MONTOYA HENAO
Tutor
UNIVERSIDAD NACIONAL ABIERTA Y A DISTANCIA UNAD
ECUACIONES DIFERENCIALES
2015-II
Problema 2:Un paracaidista de masa 100 Kg (incluyendo su equipo) se deja caer de un avión que vuela a una altura de 2000 m, y cae bajo la influencia de la gravedad y de la resistencia del aire. Supongamos que la resistencia del aire es proporcional a la velocidad del paracaidista en cada instante, con constante de proporcionalidad 30 N.s/m con el paracaídas cerrado, y 90 N.s/m con el paracaídas abierto. Si el paracaídas se abre a los diez segundos del lanzamiento, hallar el instante aproximado en el que el paracaidista llega al piso. ¿Cuál es su velocidad en ese instante? (Considere la gravedad como 10 m/sg2)
Si X 1 ( t )distancia decaida del paracaidista enT=sg;V 1=dX 1/dt , por lotanto
v0=0 ;m=100kg ;b1=30n sm; g=10m /s g2
v1 ( t )=m∗gb1
(1−ⅇ−(b1m) t); v1 (t )=100∗1030
(1−ⅇ−( 30100 )t)v1 (t )=33.333 (1−ⅇ−0.3 t )
x1 (t )=m∗gb1
t−(m )2∗g
(b1 )2(1−ⅇ−( 30100 )t)
x1 (t )=33.333 (1−ⅇ−0,3 t )
Por lo tanto cuando t=10 sg
v1 (10 )=33.333¿
v1 (10 )=31.6585 msg, cae aesta velocidad del avion
x1 (10 )=33.333 (10 )−111.111¿
x1 (10 )=227.8016m,hacaido hasta queabre el paracaidas
Por lo tanto si laaltura esde 4000m y hacaido 227.8016m≤quedaunadistancia por caerdespues de haber abiertoel paracaidasde1772.1984m y viajaraaunavelocidad de
31.6585m /sg .
Por lo tanto cuandoabre el paracaidas :
v0=31.6585 msg;m=100kg ;b2=90n . s
m; g=10m /s g2
x2 (T )=m∗gb2
T + mb2 (v 0−m∗g
b2 )(1−ⅇ−(b2m )T )
x2 (T )=100∗1090
T+ 10090 (31.6585−100∗1090 )(1−ⅇ−( 90100)T )
x2 (T )=11.111T+22.8302 (1−ⅇ−(0.9 )T )
Elmomento en queel paracaidista llegaal suelo ,hacemosa x 2 (T )1772.1984m
x2 (T )=11.111T+22.8302(1−ⅇ−(0.9 )T )
x2 (T )=11.111T+22.8302−22.8302ⅇ−(0.9 )T=1772.1984
x2 (T )=T−22.8302ⅇ−(0.9 )T=1772.1984−22.830211.111
x2 (T )=T−22.8302ⅇ−(0.9 )T=157.444
este valorⅇ−(0.9 )T esmuy pequeño paraT , po lotanto se despreciara por lotanto T=157.444 sg ,qe eltiempo enque golpea el suelo despues deabrir el paracaidas o
167.444 Sgdespues dehaberse arrojado del avion :
V . Impacto=m∗gb2
V . Impacto=100∗1090
V . Impacto=11.111 msg, con paracaidasabierto .
De acuerdo al enunciado comparto los resultados obtenidos, y estoy de acuerdo con los formulas planteadas del ejercicio, en este análisis presento más datos que no están en la solución del enunciadoAnalisis2Solucion: Por la segundaley denewtonma=F netam
dvdt
=mg+kves decir , dvdt
− kmv=g
Alresolver esta ecuacionlineal se obtiene .factor integrante
ⅇ ∫ kmdt=g
kem
t
que equivalea :ddt ( k
emt∗v)= k
gemt
Integradorepecto a t
kmⅇt v=
g∗mk
ekmt+C
v=g∗mk
+Cⅇ−km
t
Aplicandolas condiciones inicialesv (0 )=νo−mgk
Entonces laecuacion de la velocidad encualquier t es :
v (t )=mgk
+(νo−mgk )ⅇ(−km )t
teniendoencuenta que v ( t )=dxdt, y haciendo x (0 )=xo
dxdt
=mgk
+(νo−mgk )ⅇ(− k
m )t
Integrandorespecto a t
x=mgkt+
(ν o−mgk )∗−m
kⅇ
(−km )t+C
x=mgkt−νo−
mkⅇ
( km )t+m2g
k 2ⅇ
(−km )t+C
Entonces xo=
−νom
k+m
2 gk2
+c
C=xo+νom
k−m2g
k2
de donde
x (t )ⅇ( km )t
t−νom
kⅇ
(−km )t+m2 g
k2ⅇ
( km )t+xo+
νom
k−m2g
k 2
x (t )=mgkt+m
k (νoⅇ(mk )t+νo+
mgkⅇ
(−km )t−ⅇ
( km )t−mg
k )+xoReagrupando
x (t )=mgkt+m
k (νo−mgk )(1−ⅇ
( km )t)+x o
Considero la gravedad como g=10 mS2y laetapainicial dondeel paracaidas
estab cerrado ,donde xo=0 , v0=0 , k=30Nsm
v (t )=1003
−1003
ⅇ−310
t
x (t )=1003t+ 1000
9ⅇ
−310
t
Luegode10 segundos
v (10)≈31.6737 ms
Y ladistancia ecorrida por el paracaidistadurante los primeros10 segundoses aproximadamente
x (10 )≈338.8652m
Para la segundaetapa ,es decir , cuandoel paracaidas estaabierto , se toma
comominstante t=0 aquelen elque el paracaidas se abre yk=90N sm,con lo que setiene .
Entoncesxo≈338.8652m ,νo≈31.6737
mS
v (t )=1009
+20.5626e(−910 ) t+361.7125Entonces como tenemos x ( t )=2000
1009t−22.8473e (−910 ) t+361.7125=2000
Esdecir que
t=2.05625e (−910 ) t+147.4459El paracaidistademoraaproximadamente
t=147.4459+10 seg=157.4459
Lavelocidad con la que llegaal suelo es de
v=100 km9 s
=11.11 kms